1. 1
SỞ GD_DT THÁI BÌNH Kỳ thi thử Đại học năm 2011
Trường THPT Tây Thụy Anh . Môn Toán : Thờii gian làm bài 180 phút.
A /phÇn chung cho tÊt c¶ thÝ sinh. ( 8 điểm )
Câu I : ( 2 điểm ).
Cho hàm số y = x 3
+ ( 1 – 2m)x 2
+ (2 – m )x + m + 2 . (Cm)
1.Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị hàm số khi m = 2.
2. Tìm m để đồ thị hàm số (Cm) có cực trị đồng thời hoành độ cực tiểu nhỏ hơn 1.
Câu II : ( 2 điểm ).
1. Giải phương trình: sin 2 2 2(sinx+cosx)=5 x - .
2. Tìm m để phương trình sau có nghiệm duy nhất :
2
2 3 . x mx x+ = -
Câu III : ( 2 điểm ).
1. Tính tích phân sau :
2 2
3
1
1
.
x
I dx
x x
-
=
+ò
2. Cho hệ phương trình :
3 3
( )
1
x y m x y
x y
ì - = -
í
+ = -î
Tìm m để hệ có 3 nghiệm phân biệt (x1;y1);(x2;y2);(x3;y3) sao cho x1;x2;x3 lập thành cấp số cộng
( ) 0 d ¹ .Đồng thời có hai số xi thỏa mãn i x > 1
Câu IV : ( 2 điểm ).
Trong không gian oxyz cho hai đường thẳng d1 :
1 1 2
x y z
= = ; d2
1 2
1
x t
y t
z t
= - -ì
ï
=í
ï = +î
và điểm M(1;2;3).
1.Viết phương trình mặt phẳng chứa M và d1 ; Tìm M ’
đối xứng với M qua d2.
2.Tìm 1 2 ; A d B dÎ Î sao cho AB ngắn nhất .
B. PHẦN TỰ CHỌN: ( 2 điểm ).
( Thí sinh chỉ được làm 1 trong 2 câu Va hoặc Vb sau đây.)
Câu Va.
1. Trong mặt phẳng oxy cho ABCD có A(2;1) . Đường cao qua đỉnh B có phương trình x 3y 7 = 0
.Đường trung tuyến qua đỉnh C có phương trình
x + y +1 = 0 . Xác định tọa độ B và C . Tính diện tích ABCD .
2.Tìm hệ số x 6
trong khai triển
3 1
n
x
x
æ ö
+ç ÷
è ø
biết tổng các hệ số khai triển
bằng 1024.
Câu Vb.
1. Giải bất phương trình :
2 2
1 1
5 5 x x+ -
- > 24.
2.Cho lăng trụ ABC.A ’
B ’
C ’
đáy ABC là tam giác đều cạnh a. .A ’
cách đều các điểm A,B,C. Cạnh bên
AA ’
tạo với đáy góc 60 0
. Tính thể tích khối lăng trụ.
______________ Hết ____________
Thi thử Đại học www.toanpt.net
2. 2
SỞ GD_DT THÁI BÌNH Kỳ thi thử Đại học năm 2011
Trường THPT Tây Thụy Anh . Môn Toán : Thờii gian làm bài 180 phút.
ĐÁP ÁN
Câ
u
Ý Nội dung Điể
m
I . 200
1 .Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị hàm số khi m = 2. 1,00
Với m = 2 ta được y = x 3
– 3x 2
+ 4
a ;Tập xác định : D = R. 0,25
b ; Sự biến thiên.
Tính đơn điệu ……
Nhánh vô cực……
j
o
4 + ¥
¥
+ + 0 0
2 0
+ ¥ ¥
y
y'
x
0,25
c ; Đồ thị :
+ Lấy thêm điểm .
+ Vẽ đúng hướng lõm và vẽ bằng mực cùng màu mực với phần trình bầy 0,25
3. 3
8
6
4
2
2
4
6
8
15 10 5 5 10 15 0,25
2 . Tìm m để đồ thị hàm số (Cm) có cực trị đồng thời hoành độ cực tiểu nhỏ
hơn 1.
1,00
Hàm số có cực trị theo yêu cầu đầu bài khi và chỉ khi thỏa mãn 2
ĐK sau :
+ y ’
=0 có 2 nghiệm pbiệt x1 < x2 Û ' 2
4 5 0 m mD = - - f
Û m < 1 hoặc m >
5
4
0,25
0,25
+ x1 < x2 < 1 ( Vì hệ số của x 2
của y ’
mang dấu dương )
Û …. Û '
4 2mD -p Û …..Û
21
15
m p
0,25
Kết hợp 2 ĐK trên ta được… Đáp số ( ) ; 1 mÎ -¥ -
5 7
;
4 5
æ ö
Èç ÷
è ø 0,25
II 2,00
1 1.Giải phương trình: sin 2 2 2(sinx+cosx)=5 x - . ( I ) 1,00
Đặt sinx + cosx = t ( 2 t £ ). Þsin2x = t 2
1 Þ ( I ) 0,25
Û 2
2 2 6 0 t t- - = Û 2 t = - ) 0,25
+Giải được phương trình sinx + cosx = 2- … Û os( ) 1
4
c x
p
- = -
+ Lấy nghiệm
0,25
Kết luận :
5
2
4
x k
p
p= + ( kÎZ ) hoặc dưới dạng đúng khác . 0,25
2
Tìm m để phương trình sau có nghiệm duy nhất :
2
2 3 . x mx x+ = - 1,00
4. 4
Û hệ
2 2
2x x 9 6x
3
m x
x
ì + = + -
í
£î
có nghiệm duy nhất 0,25
Þ x 2
+ 6x – 9 = mx (1)
+; Ta thấy x = 0 không phải là nghiệm.
0,25
+ ; Với x ¹ 0 (1) Û
2
6x 9 x
m
x
+ -
= - . Xét hàm số :
f(x) =
2
6x 9 x
x
+ -
trên ( ] { } ;3 0-¥ có f ’
(x) =
2
2
9 x
x
+
> 0 0 x" ¹
0,25
+ , x = 3 Þ f(3) = 6 , có nghiệm duy nhất khi – m > 6 Û m < 6 0,25
III 2,00
1
1. Tính tích phân sau :
2 2
3
1
1
.
x
I dx
x x
-
=
+ò
2 2
3
1
1
.
x
I dx
x x
-
=
+ò =
2
2
1
1
1
x
1
x d
x
x
-
+
ò =
2
1
1
( )
1
d x
x
x
x
+
-
+
ò = 1
2 1
ln( ) x
x
+ =
…. =
4
ln
5
( Hoặc
2 2
3
1
1
.
x
I dx
x x
-
=
+ò =
2
2
1
1 2x
x
1
d
x x
æ ö
-ç ÷
+è ø
ò =……)
1,00
0,25
0,50
0,25
2
2.Cho hệ phương trình :
3 3
( )
1
x y m x y
x y
ì - = -
í
+ = -î
Tìm m để hệ có 3 nghiệm phân biệt (x1;y1);(x2;y2);(x3;y3) sao cho x1;x2;x3
lập thành cấp số cộng ( ) 0 d ¹ .Đồng thời có hai số xi thỏa mãn i x > 1
3 3
( )
1
x y m x y
x y
ì - = -
í
+ = -î
Û
2 2
( )( ) 0
1
x y x y xy m
x y
ì - + + - =
í
+ = -î
Û
2
1
2
1
( ) 1 0
x y
y x
x x x mj
é
= = -ê
ê
= - -ìê
íê = + + - =îë
Trước hết ( ) xj phải có 2 nghiệm pbiệt x1 ; x2 Û
3
4 3 0
4
m mD = - Ûf f
1,00
0,25
5. 5
Có thể xảy ra ba trường hợp sau đây theo thứ tự lập thành cấp số cộng.
+Trường hợp 1 :
1
2
- ; x1 ; x2
+Trường hợp 2 : x1 ; x2 ;
1
2
-
+Trường hợp 3 : x1 ;
1
2
- ; x2
0,25
Xét thấy Trường hợp 1 ;2 không thỏa mãn. Trường hợp 3 ta có
1 2
1 2
1
1
x x
x x m
+ == -ì
í
= -î
đúng với mọi m >
3
4
Đồng thời có hai số xi thỏa mãn i x > 1 ta cần có thêm điều kiện sau
2
1 4 3
1 4 3 3 3
2
m
x m m
- + -
= Û - Ûf f f Đáp số : m > 3
0,25
Trong không gian oxyz cho hai đường thẳng d1 :
1 1 2
x y z
= = ; d2
1 2
1
x t
y t
z t
= - -ì
ï
=í
ï = +î
và điểm M(1;2;3).
1.Viết phương trình mặt phẳng chứa M và d1 ; Tìm M ’
đối xứng với M qua
d2.
.
+ Phương trình mặt phẳng chứa M và d1 …. Là (P) x + y – z = 0
+ Mp(Q) qua M và vuông góc với d2 có pt 2x – y z + 3 = 0
2,00
0,25
0,25
+ Tìm được giao của d2 với mp(Q) là H(1 ;0 ;1)
… ÞĐiểm đối xứng M ’
của M qua d2 là M ’
(3 ;2 ;1)
0,25
0,25
2.Tìm 1 2 ; A d B dÎ Î sao cho AB ngắn nhất .
Gọi A(t;t;2t) và B(12t1 ;t1 ;1+t1) AB ngắn nhất khi nó là đoạn vuông góc
chung của hai đường thẳng d1 và d2 .
0,50
IV
Þ
1
2
. 0
. 0
AB v
AB v
ì =ï
í
=ïî
uuur ur
uuur uur …….Þtọa độ của
3 3 6
; ;
35 35 35
A
æ ö
ç ÷
è ø
và
1 17 18
; ;
35 35 35
B
- -æ ö
ç ÷
è ø
0,50
Va 2,00
1 1. Trong mặt phẳng oxy cho ABCD có A(2;1) . Đường cao qua đỉnh B
có phương trình x 3y 7 = 0 .Đường trung tuyến qua đỉnh C có phương
trình
x + y +1 = 0 . Xác định tọa độ B và C .
6. 6
M
C
B
H
A
+AC qua A và vuông góc với BH do đó có VTPT là (3;1) n =
r
AC có
phương trình 3x + y 7 = 0
+ Tọa độ C là nghiệm của hệ
AC
CM
ì
í
î
……ÞC(4; 5)
+
2 1
;
2 2
B B
M M
x y
x y
+ +
= = ; M thuộc CM ta được
2 1
1 0
2 2
B B x y+ +
+ + =
+ Giải hệ
2 1
1 0
2 2
3 7 0
B B
B B
x y
x y
+ +ì
+ + =ï
í
ï - - =î
ta được B(2 ;3)
0,25
0,25
Tính diện tích ABCD .
+ Tọa độ H là nghiệm của hệ
14
3 7 0 5
3x 7 0 7
5
x
x y
y
y
ì
=ï- - =ì ï
Ûí í
+ - =î ï = -
ïî
…. Tính được BH =
8 10
5
; AC = 2 10
Diện tích S =
1 1 8 10
. .2 10. 16
2 2 5
AC BH = = ( đvdt)
0,25
0,25
2.Tìm hệ số x 6
trong khai triển
3 1
n
x
x
æ ö
+ç ÷
è ø
biết tổng các hệ số khai triển
bằng 1024.
+ ; 0 1
... 1024 n
n n n C C C+ + + =
Û ( ) 1 1 1024
n
+ = Û 2 n
= 1024 Û n = 10
0,25
0,25
2
+ ; ( )
10 10 10
3 3
10
1 1
.
k
k k
k o
x C x
x x
-
=
æ ö æ ö
+ =ç ÷ ç ÷
è ø è ø
å ; …….
Hạng tử chứa x 6
ứng với k = 4 và hệ số cần tìm bằng 210 .
0,25
0,25
Vb 2,00
1 1. Giải bất phương trình :
2 2
1 1
5 5 x x+ -
- > 24. (2)
1,00
7. 7
(2) Û ( ) ( ) 2 2 2
5 5 24 5 5 0 x x
- - f
Û
2
5 5 x
f Û x 2
> 1Û
1
1
x
x
é
ê -ë
f
p
0,5
0,5
9. 9
ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC LẦN 2 NĂM HỌC 2011
Môn: TOÁN
Thời gian làm bài: 180 phút, không kể thời gian phát đề
PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ CÁC THÍ SINH
Câu I (2 điểm) Cho hàm số
2x 3
y
x 2
-
=
-
có đồ thị (C).
1. Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị của hàm số (C)
2. Tìm trên (C) những điểm M sao cho tiếp tuyến tại M của (C) cắt hai tiệm cận của (C) tại A, B
sao cho AB ngắn nhất .
Câu II (2 điểm)
1. Giải phương trình: 2( tanx – sinx ) + 3( cotx – cosx ) + 5 = 0
2. Giải phương trình: x 2
– 4x 3 = x 5+
Câu III (1 điểm)
Tính tích phân:
1
2
1
dx
1 x 1 x- + + +
ò
Câu IV (1 điểm)
Khối chóp tam giác SABC có đáy ABC là tam giác vuông cân đỉnh C và SA vuông góc với mặt
phẳng (ABC), SC = a . Hãy tìm góc giữa hai mặt phẳng (SCB) và (ABC) để thể tích khối chóp lớn nhất .
Câu V ( 1 điểm )
Cho x, y, z là các số dương thỏa mãn
1 1 1
4
x y z
+ + = . CMR:
1 1 1
1
2 2 2 x y z x y z x y z
+ + £
+ + + + + +
PHẦN TỰ CHỌN: Thí sinh chọn một trong hai phần A hoặc B
A. Theo chương trình Chuẩn
Câu VI.a.( 2 điểm )
1. Tam giác cân ABC có đáy BC nằm trên đường thẳng : 2x – 5y + 1 = 0, cạnh bên AB nằm trên
đường thẳng : 12x – y – 23 = 0 . Viết phương trình đường thẳng AC biết rằng nó đi qua điểm (3;1)
2. Trong không gian với hệ tọa độ Đêcác vuông góc Oxyz cho mp(P) :
x – 2y + z – 2 = 0 và hai đường thẳng :
(d)
x 1 3 y z 2
1 1 2
+ - +
= =
-
và (d’)
x 1 2t
y 2 t
z 1 t
= +ì
ï
= +í
ï = +î
Viết phương trình tham số của đường thẳng ( D ) nằm trong mặt phẳng (P) và cắt cả hai đường
thẳng (d) và (d’) . CMR (d) và (d’) chéo nhau và tính khoảng cách giữa chúng .
Câu VIIa . ( 1 điểm )
Tính tổng : 0 5 1 4 2 3 3 2 4 1 5 0
5 7 5 7 5 7 5 7 5 7 5 7 S C C C C C C C C C C C C= + + + + +
B. Theo chương trình Nâng cao
Câu VI.b.( 2 điểm )
1. Viết phương trình tiếp tuyến chung của hai đường tròn :
(C1) : (x 5) 2
+ (y + 12) 2
= 225 và (C2) : (x – 1) 2
+ ( y – 2) 2
= 25
2. Trong không gian với hệ tọa độ Đêcác vuông góc Oxyz cho hai đường thẳng :
10. 10
(d)
x t
y 1 2t
z 4 5t
=ì
ï
= +í
ï = +î
và (d’)
x t
y 1 2t
z 3t
=ì
ï
= - -í
ï = -î
a. CMR hai đường thẳng (d) và (d’) cắt nhau .
b. Viết phương trình chính tắc của cặp đường thẳng phân giác của góc tạo bởi (d) và (d’) .
Câu VIIb.( 1 điểm )
Giải phương trình : ( ) 5 log x 3
2 x+
=
Hết
Cán bộ coi thi không giải thích gì thêm.
®¸p ¸n ®Ò thi thö ®¹i häc lÇn 2 n¨m häc 2009 - 2010
M«n thi: to¸n
Thêi gian lµm bµi: 180 phót, kh«ng kÓ thêi gian giao ®Ò
Câu Nọi dung Điêm
12. 12
1,0® 2(tanx + 1 – sinx) + 3(cotx + 1 – cosx) = 0
( ) ( )
sin x cosx
2 1 sin x 1 cosx 0
cosx sin x
2 sin x cosx cosx.sin x 3 sin x cosx cosx.sin x
0
cosx sin x
æ ö æ ö
Û + - + + - =ç ÷ ç ÷
è ø è ø
+ - + -
Û + =
( )
2 3
cosx sin x cosx.sin x 0
cosx sin x
æ ö
Û + + - =ç ÷
è ø
· Xét
2 3 3
0 tan x tan x
cosx sin x 2
-
+ = Û = = a Û = a + pk
· Xét : sinx + cosx – sinx.cosx = 0 . Đặt t = sinx + cosx
với t 2; 2é ùÎ -ë û
. Khi đó phương trình trở thành:
2
2 t 1
t 0 t 2t 1 0 t 1 2
2
-
- = Û - - = Û = -
Suy ra :
1 2
2cos x 1 2 cos x cos
4 4 2
p p -æ ö æ ö
- = - Û - = = bç ÷ ç ÷
è ø è ø
x 2
4
p
Û = ±b + pk
0,25
0,25
0,5
2,0®
2
1,0®
x 2
4x + 3 = x 5+ (1)
TX§ : D = [ 5; )- +¥
( ) ( )
2
1 x 2 7 x 5Û - - = +
®Æt y 2 = x 5+ , ( )
2
y 2 y 2 x 5³ Þ - = +
Ta cã hÖ :
( )
( )
( )
( )( )
2 2
2
x 2 y 5 x 2 y 5
y 2 x 5 x y x y 3 0
y 2 y 2
ì - = + ì - = +
ï ïï ï
- = + Û - + + =í í
ï ï³ ³ïï îî
( )
( )
2
2
x 2 y 5
x y 0 5 29
x
2 x 2 y 5
x 1
x y 3 0
y 2
ìéì - = +ï
ïêí
ï - =êï éî +
ï =ê êÛ Ûí ì - = +êï ê
ï íê = -êë+ + =ïï îë
ï
³î
0,25
0,25
0,5
III
1.0®
1®
Ta có :
1
2
1
dx
1 x 1 x- + + +
ò =
( ) ( )
1 1 2 2
2 2
1 1
1 x 1 x 1 x 1 x
dx dx
2x 1 x 1 x- -
+ - + + - +
= =
+ - +
ò ò
1 1 2
1 1
1 1 1 x
1 dx dx
2 x 2x- -
+æ ö
= + -ç ÷
è ø
ò ò
·
1
1
1 1
1
1 1 1
I 1 dx ln x x | 1
2 x 2
-
-
æ ö
= + = é + ù =ç ÷ ë û
è ø
ò
·
1 2
2
1
1 x
I dx
2x-
+
= ò . Đặt 2 2 2
t 1 x t 1 x 2tdt 2xdx= + Þ = + Þ =
Đổi cận :
x 1 t 2
x 1 t 2
é= =é
Þ êê = - =ë êë
0,5
0,5
13. 13
Vậy I2=
( )
2 2
2
2
t dt
0
2 t 1
=
-ò
Nên I = 1
IV
2® 1.0®
Gọi j là góc giữa hai mp (SCB) và (ABC) .
Ta có : · SCAj = ; BC = AC = a.cosj ; SA = a.sinj
Vậy
( ) 3 2 3 2
SABC ABC
1 1 1 1
V .S .SA .AC.BC.SA a sin .cos a sin 1 sin
3 6 6 6
= = = j j = j - j
Xét hàm số : f(x) = x – x 3
trên khoảng ( 0; 1)
Ta có : f’(x) = 1 – 3x 2
. ( )
1
f ' x 0 x
3
= Û = ±
Từ đó ta thấy trên khoảng (0;1) hàm số
f(x) liên tục và có một điểm cực trị là điểm
cực đại, nên tại đó hàm số đạt GTLN
hay
( )
( ) x 0;1
1 2
Maxf x f
3 3 3Î
æ ö
= =ç ÷
è ø
Vậy MaxVSABC =
3
a
9 3
, đạt được khi
sinj =
1
3
hay
1
arcsin
3
j =
( với 0 <
2
p
j < )
0,25
0,5
V
1.0®
+Ta có :
1 1 1 1
2 4 2
.( )
x y z x y z
£ +
+ + +
;
1 1 1 1
2 4 2
( )
x y z y x z
£ +
+ + +
;
1 1 1 1
2 4 2
( )
x y z z y x
£ +
+ + +
+ Lại có :
1 1 1 1
( );
x y 4 x y
£ +
+
1 1 1 1
( );
y z 4 y z
£ +
+
1 1 1 1
( );
x z 4 x z
£ +
+
cộng các BĐT này ta được đpcm.
1®
VIa
2®
1
1®
Đường thẳng AC đi qua điểm (3 ; 1) nên có phương trình :
a(x – 3) + b( y – 1) = 0 (a 2
+ b 2
¹ 0) . Góc của nó tạo với BC bằng góc của
AB tạo với BC nên :
2 2 2 2 2 2 2 2
2a 5b 2.12 5.1
2 5 . a b 2 5 . 12 1
- +
=
+ + + +
2 2
2a 5b 29
5 a b
-
Û =
+
( ) ( ) 2 2 2
5 2a 5b 29 a bÛ - = +
Û 9a 2
+ 100ab – 96b 2
= 0
a 12b
8
a b
9
= -é
êÞ
ê =
ë
Nghiệm a = 12b cho ta đường thẳng song song với AB ( vì điểm ( 3 ; 1)
không thuộc AB) nên không phải là cạnh tam giác .
Vậy còn lại : 9a = 8b hay a = 8 và b = 9
Phương trình cần tìm là : 8x + 9y – 33 = 0
0,25
0,25
0,25
0,25
A
B
C
S
j
14. 14
2
1®
Mặt phẳng (P) cắt (d) tại điểm A(10 ; 14 ; 20) và cắt (d’) tại điểm B(9 ; 6 ; 5)
Đường thẳng ∆ cần tìm đi qua A, B nên có phương trình :
x 9 t
y 6 8t
z 5 15t
= -ì
ï
= -í
ï = -î
+ Đường thẳng (d) đi qua M(1;3 ;2) và có VTCP ( ) u 1;1;2
v
+ Đường thẳng (d’) đi qua M’(1 ;2 ;1) và có VTCP ( ) u ' 2;1;1
uur
Ta có :
· ( ) MM' 2; 1;3= -
uuuuur
· ( )( ) 1 2 2 1 1 1
1 1 1 2 2 1 MM ' u,u ' 2; 1;3 ; ; 8 0é ù = - = - ¹ë û
uuuuur r uur
Do đó (d) và (d’) chéo nhau .(Đpcm)
Khi đó :
( ) ( )( )
MM ' u,u ' 8
d d , d '
11 u,u '
é ù
ë û
= =
é ù
ë û
uuuuur r uur
r uur
0,25
0,25
0,25
0,25
VIIa 1đ
Chọn khai triển :
( )
5 0 1 2 2 5 5
5 5 5 5 x 1 C C x C x C x+ = + + + +L
( )
7 0 1 2 2 7 7 0 1 2 2 5 5
7 7 7 7 7 7 7 7 x 1 C C x C x C x C C x C x C x+ = + + + + = + + + + +L L L
Hệ số của x 5
trong khai triển của (x + 1) 5
.(x + 1) 7
là :
0 5 1 4 2 3 3 2 4 1 5 0
5 7 5 7 5 7 5 7 5 7 5 7 C C C C C C C C C C C C+ + + + +
Mặt khác : (x + 1) 5
.(x + 1) 7
= (x + 1) 12
và hệ số của x 5
trong khai triển của
(x + 1) 12
là : 5
12 C
Từ đó ta có : 0 5 1 4 2 3 3 2 4 1 5 0
5 7 5 7 5 7 5 7 5 7 5 7 C C C C C C C C C C C C+ + + + + = 5
12 C = 792
.0,25
0,25
0,25
0,25
VIb
2đ
1
1đ
Đường tròn (C1) có tâm I1(5 ; 12) bán kính R1 = 15 , Đường tròn (C2) có
tâm I2(1 ; 2) bán kính R1 = 5 . Nếu đường thẳng Ax + By + C = 0
(A 2
+ B 2
¹ 0) là tiếp tuyến chung của (C1) và (C2) thì khoảng cách từ I1 và I2
đến đường thẳng đó lần lượt bằng R1 và R2 , tức là :
( )
( )
2 2
2 2
5A 12B C
15 1
A B
A 2B C
5 2
A B
ì - +
=ï
ï +
í
+ +ï =
ï +î
Từ (1) và (2) ta suy ra : | 5A – 12B + C | = 3| A + 2B + C |
Hay 5A – 12B + C = ± 3(A + 2B + C)
TH1 : 5A – 12B + C = 3(A + 2B + C) ÞC = A – 9B thay vào (2) :
|2A – 7B | = 5 2 2
A B+ 2 2
21A 28AB 24B 0Þ + - =
14 10 7
A B
21
- ±
Þ =
Nếu ta chọn B= 21 thì sẽ được A = 14 10 7± , C = 203 10 7- ±
Vậy có hai tiếp tuyến :
( 14 10 7± )x + 21y 203 10 7- ± = 0
TH2 : 5A – 12B + C = 3(A + 2B + C)
4A 3B
C
2
- +
Þ = , thay vào (2) ta
được : 96A 2
+ 28AB + 51B 2
= 0 . Phương trình này vô nghiệm .
0,25
0,25
0,25
0,25
2
1®
a) + Đường thẳng (d) đi qua M(0 ;1 ;4) và có VTCP ( ) u 1;2;5
v
+ Đường thẳng (d’) đi qua M’(0 ;1 ;0) và có VTCP ( ) u ' 1; 2; 3- -
uur
Nhận thấy (d) và (d’) có một điểm chung là
1 3
I ;0;
2 2
æ ö
-ç ÷
è ø
hay (d) và (d’) cắt
nhau . (ĐPCM)
b) Ta lấy
u 15 15 15
v .u ' ; 2 ; 3
7 7 7 u '
æ ö
= = - -ç ÷ç ÷
è ø
r
r uur
uur .
Ta đặt :
15 15 15
a u v 1 ;2 2 ;5 3
7 7 7
æ ö
= + = + - -ç ÷ç ÷
è ø
r r r
15. 15
15 15 15
b u v 1 ;2 2 ;5 3
7 7 7
æ ö
= - = - + +ç ÷ç ÷
è ø
r r r
Khi đó, hai đường phân giác cần tìm là hai đường thẳng đi qua I và lần lượt
nhận hai véctơ a,b
r r
làm VTCP và chúng có phương trình là :
1 15
x 1 t
2 7
15
y 2 2 t
7
3 15
z 5 3 t
2 7
ì æ ö
= - + +ï ç ÷ç ÷
ï è ø
ï
æ öï
= -ç ÷í ç ÷
è øï
ï
æ öï = + -ç ÷ç ÷ï è øî
và
1 15
x 1 t
2 7
15
y 2 2 t
7
3 15
z 5 3 t
2 7
ì æ ö
= - + -ï ç ÷ç ÷
ï è ø
ï
æ öï
= +ç ÷í ç ÷
è øï
ï
æ öï = + +ç ÷ç ÷ï è øî
VIIb 1®
ĐK : x > 0
PT đã cho tương đương với : log5( x + 3) = log2x (1)
Đặt t = log2x, suy ra x = 2 t
( ) ( ) t t t
5 2 log 2 3 t 2 3 5Û + = Û + =
t t
2 1
3 1
3 5
æ ö æ ö
Û + =ç ÷ ç ÷
è ø è ø
(2)
Xét hàm số : f(t) =
t t
2 1
3
3 5
æ ö æ ö
+ç ÷ ç ÷
è ø è ø
f'(t) =
t t
2 1
ln 0,4 3 ln 0,2 0, t
3 5
æ ö æ ö
+ < " Îç ÷ ç ÷
è ø è ø
R
Suy ra f(t) nghịch biến trên R
Lại có : f(1) = 1 nên PT (2) có nghiệm duy nhất t = 1 hay log2x = 1 hay x =2
Vậy nghiệm của PT đã cho là : x = 2
0,25
0,25
0,25
0,25
16. 16
ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC NĂM 2010
Môn : Toán, khối D
(Thời gian 180 không kể phát đề)
PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7,0 điểm)
Câu I (2 điểm) Cho hàm số y = x 3
– 3x 2
+2 (1)
1. Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị của hàm số (1).
2. Tìm điểm M thuộc đường thẳng y=3x2 sao tổng khoảng cách từ M tới hai điểm cực trị
nhỏ nhất.
Câu II (2 điểm)
1. Giải phương trình cos2x 2sin x 1 2sin xcos2x 0+ - - =
2. Giải bất phương trình ( ) 2
4x 3 x 3x 4 8x 6- - + ³ -
Câu III ( 1điểm)Tính tích phân
3
6
cotx
I dx
sinx.sin x
4
p
p
=
pæ ö
+ç ÷
è ø
ò
Câu IV (1 điểm)
Cho hình chóp S.ABC có mặt đáy (ABC) là tam giác đều cạnh a. Chân đường vuông góc hạ
từ S xuống mặt phẳng (ABC) là một điểm thuộc BC. Tính khoảng cách giữa hai đường thẳng
BC và SA biết SA=a và SA tạo với mặt phẳng đáy một góc bằng 30 0
.
Câu V (1 điểm) Cho a,b, c dương và a 2
+b 2
+c 2
=3. Tìm giá trị nhỏ nhất của biểu thức
3 3 3
2 2 2
3 3 3
a b c
P
b c a
= + +
+ + +
PHẦN RIÊNG (3 điểm)
A. Theo chương trình chuẩn
Câu VI.a. (2 điểm)
1. Trong mặt phẳng với hệ toạ độ Oxy, cho đường tròn (C) : 2 2
x y 2x 8y 8 0+ + - - = . Viết
phương trình đường thẳng song song với đường thẳng d: 3x+y2=0 và cắt đường tròn theo
một dây cung có độ dài bằng 6.
2. Cho ba điểm A(1;5;4), B(0;1;1), C(1;2;1). Tìm tọa độ điểm D thuộc đường thẳng AB sao
cho độ dài đoạn thẳng CD nhỏ nhất.
Câu VII.a (1 điểm)
Tìm số phức z thoả mãn : z 2 i 2- + = . Biết phần ảo nhỏ hơn phần thực 3 đơn vị.
B. Theo chương trình nâng cao
Câu VI.b (2 điểm)
1. Tính giá trị biểu thức: 2 4 6 100
100 100 100 100 4 8 12 ... 200 A C C C C= + + + + .
2. Cho hai đường thẳng có phương trình:
1
2 3
: 1
3 2
x z
d y
- +
= + = 2
3
: 7 2
1
x t
d y t
z t
= +ì
ï
= -í
ï = -î
Viết phương trình đường thẳng cắt d1 và d2 đồng thời đi qua điểm M(3;10;1).
Câu VII.b (1 điểm)
Giải phương trình sau trên tập phức: z 2
+3(1+i)z613i=0
Hết
17. 17
ĐÁP ÁN ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC LẦN II, n¨m 2010
PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ THÍ SINH (7,0 điểm)
Câu Nội dung Điểm
1
Tập xác định: D=R
( ) ( ) 3 2 3 2
lim 3 2 lim 3 2
x x
x x x x
®-¥ ®+¥
- + = -¥ - + = +¥
y’=3x 2
6x=0
0
2
x
x
=é
Û ê =ë
Bảng biến thiên:
x ¥ 0 2 + ¥
y’ + 0 0 +
2 + ¥
y
¥ 2
Hàm số đồng biến trên khoảng:
(¥;0) và (2; + ¥)
Hàm số nghịch biến trên
khoảng (0;2)
f CĐ =f(0)=2; f CT =f(2)=2
y’’=6x6=0<=>x=1
khi x=1=>y=0
x=3=>y=2
x=1=>y=2
Đồ thị hàm số nhận điểm I(1;0) là tâm đối xứng.
0,25 đ
0,25 đ
0,5 đ
I
2
Gọi tọa độ điểm cực đại là A(0;2), điểm cực tiểu B(2;2)
Xét biểu thức P=3xy2
Thay tọa độ điểm A(0;2)=>P=4<0, thay tọa độ điểm B(2;2)=>P=6>0
Vậy 2 điểm cực đại và cực tiểu nằm về hai phía của đường thẳng
y=3x2, để MA+MB nhỏ nhất => 3 điểm A, M, B thẳng hàng
Phương trình đường thẳng AB: y=2x+2
Tọa độ điểm M là nghiệm của hệ:
4
3 2 5
2 2 2
5
x
y x
y x
y
ì
=ï= -ì ï
Ûí í
= - +î ï =
ïî
=>
4 2
;
5 5
M
æ ö
ç ÷
è ø
0,25 đ
0,25 đ
0,25 đ
0,25 đ
1
Giải phương trình: cos2x 2sin x 1 2sin xcos2x 0+ - - = (1)
( ) ( ) ( )
( )( )
1 os2 1 2sin 1 2sin 0
os2 1 1 2sin 0
c x x x
c x x
Û - - - =
Û - - =
Khi cos2x=1<=> x kp= , k ZÎ
Khi
1
sinx
2
= Û 2
6
x k
p
p= + hoặc
5
2
6
x k
p
p= + ,k ZÎ
0,5 đ
0,5 đ
II
2 Giải bất phương trình: ( ) 2
4x 3 x 3x 4 8x 6- - + ³ - (1)
(1) ( )( ) 2
4 3 3 4 2 0 x x xÛ - - + - ³ 0,25 đ
18. 18
Ta có: 4x3=0<=>x=3/4
2
3 4 2 x x- + - =0<=>x=0;x=3
Bảng xét dấu:
x ¥ 0 ¾ 2 + ¥
4x3 0 + +
2
3 4 2 x x- + - + 0 0 +
Vế trái 0 + 0 0 +
Vậy bất phương trình có nghiệm: [ )
3
0; 3;
4
x
é ù
Î È +¥ê ú
ë û
0,25 đ
0,25 đ
0,25 đ
III
Tính
( )
( )
3 3
6 6
3
2
6
cot cot
2
sinx sinx cos
sin x sin
4
cot
2
sin x 1 cot
x x
I dx dx
x
x
x
dx
x
p p
p p
p
p
p
= =
+æ ö
+ç ÷
è ø
=
+
ò ò
ò
Đặt 1+cotx=t 2
1
sin
dx dt
x
Þ = -
Khi
3 1
1 3;
6 3 3
x t x t
p p +
= Û = + = Û =
Vậy ( )
3 1
3 1
3 1
3 3 1
3
1 2
2 2 ln 2 ln 3
3
t
I dt t t
t
+
+
+
+
- æ ö
= = - = -ç ÷
è ø
ò
0,25 đ
0,25 đ
0,25 đ
0,25 đ
IV
Gọi chân đường vuông góc hạ từ S xuống BC là H.
Xét DSHA(vuông tại H)
0 3
cos30
2
a
AH SA= =
Mà DABC đều cạnh a, mà cạnh
3
2
a
AH =
=> H là trung điểm của cạnh BC
=> AH ^ BC, mà SH ^ BC =>
BC^(SAH)
Từ H hạ đường vuông góc xuống SA tại
K
=> HK là khoảng cách giữa BC và SA
=> 0 3
AHsin30
2 4
AH a
HK = = =
Vậy khoảng cách giữa hai đường thẳng BC và SA bằng
3
4
a
0,25 đ
0,25 đ
0,25 đ
0,25 đ
V
Ta có:
H
A
C
B
S
K
19. 19
3 3 2 6 2
3
2 2
3 3
3
16 64 4 2 3 2 3
a a b a a
b b
+
+ + ³ =
+ +
(1)
3 3 2 6 2
3
2 2
3 3
3
16 64 4 2 3 2 3
b b c c c
c c
+
+ + ³ =
+ +
(2)
3 3 2 6 2
3
2 2
3 3
3
16 64 4 2 3 2 3
c c a c c
a a
+
+ + ³ =
+ +
(3)
Lấy (1)+(2)+(3) ta được:
( )
2 2 2
2 2 2 9 3
16 4
a b c
P a b c
+ + +
+ ³ + + (4)
Vì a 2
+b 2
+c 2
=3
Từ (4)
3
2
PÛ ³ vậy giá trị nhỏ nhất
3
2
P = khi a=b=c=1.
0,5 đ
0,25 đ
0,25 đ
PHẦN RIÊNG (3 điểm)
A. Theo chương trình chuẩn
1
Đường tròn (C) có tâm I(1;4), bán kính R=5
Gọi phương trình đường thẳng cần tìm là D,
=> D : 3x+y+c=0, c≠2 (vì // với đường thẳng 3x+y2=0)
Vì đường thẳng cắt đường tròn theo một dây cung có độ dài bằng 6=>
khoảng cách từ tâm I đến D bằng 2 2
5 3 4- =
( ) 2
4 10 1 3 4
, 4
3 1 4 10 1
c c
d I
c
é = -- + +
Þ D = = Û ê
+ = - -êë
(thỏa mãn c≠2)
Vậy phương trình đường tròn cần tìm là: 3 4 10 1 0 x y+ + - = hoặc
3 4 10 1 0 x y+ - - = .
0,25 đ
0,25 đ
0,25 đ
0,25 đ
VI.a
2
Ta có ( ) 1; 4; 3 AB = - - -
uuur
Phương trình đường thẳng AB:
1
5 4
4 3
x t
y t
z t
= -ì
ï
= -í
ï = -î
Để độ dài đoạn CD ngắn nhất=> D là hình chiếu vuông góc của C trên
cạnh AB, gọi tọa độ điểm D(1a;54a;43a) ( ;4 3;3 3) DC a a aÞ = - -
uuur
Vì AB DC^
uuur uuur
=>a16a+129a+9=0<=>
21
26
a =
Tọa độ điểm
5 49 41
; ;
26 26 26
D
æ ö
ç ÷
è ø
0,25 đ
0,25 đ
0,25 đ
0,25 đ
VII.a
Gọi số phức z=a+bi
Theo bài ra ta có:
( ) ( ) ( )
2 2
2 1 2 2 1 4
3 2
a b i a b
b a b a
ìì - + + = - + + =ï ï
Ûí í
= - = -ï ïî î
2 2
1 2
2 2
1 2
a
b
a
b
éì = -ï
êí
ê = - -ïî
Û ê
ì = +êï
íê
= - +ïêîë
Vậy số phức cần tìm là: z=2 2- +( 1 2- - )i; z= z=2 2+ +( 1 2- + )i.
0,25 đ
0,25 đ
0,25 đ
20. 20
0,25 đ
A. Theo chương trình nâng cao
1
Ta có:( )
100 0 1 2 2 100 100
100 100 100 100 1 ... x C C x C x C x+ = + + + + (1)
( )
100 0 1 2 2 3 3 100 100
100 100 100 100 100 1 ... x C C x C x C x C x- = - + - + + (2)
Lấy (1)+(2) ta được:
( ) ( )
100 100 0 2 2 4 4 100 100
100 100 100 100 1 1 2 2 2 ... 2 x x C C x C x C x+ + - = + + + +
Lấy đạo hàm hai vế theo ẩn x ta được
( ) ( )
99 99 2 4 3 100 99
100 100 100 100 1 100 1 4 8 ... 200 x x C x C x C x+ - - = + + +
Thay x=1 vào
=> 99 2 4 100
100 100 100 100.2 4 8 ... 200 A C C C= = + + +
0,25 đ
0,25 đ
0,25 đ
0,25 đ
VI.b
2
Gọi đường thẳng cần tìm là d và đường thẳng d cắt hai đường thẳng
d 1 và d 2 lần lượt tại điểm A(2+3a;1+a;3+2a) và B(3+b;72b;1b).
Do đường thẳng d đi qua M(3;10;1)=> MA kMB=
uuur uuur
( ) ( ) 3 1; 11; 4 2 , ; 2 3; MA a a a MB b b b= - - - + = - - -
uuur uuur
3 1 3 1 1
11 2 3 3 2 11 2
4 2 2 4 1
a kb a kb a
a kb k a k kb k
a kb a kb b
- = - = =ì ì ì
ï ï ï
Þ - = - - Û + + = Û =í í í
ï ï ï- + = - + = =î î î
=> ( ) 2; 10; 2 MA = - -
uuur
Phương trình đường thẳng AB là:
3 2
10 10
1 2
x t
y t
z t
= +ì
ï
= -í
ï = -î
0,25 đ
0,25 đ
0,25 đ
0,25 đ
VII.b
D=24+70i,
7 5iD = + hoặc 7 5iD = - -
2
5 4
z i
z i
= +é
=> ê = - -ë
0,25 đ
0,25 đ
0,25 đ
0,25 đ
Bài làm vẫn được điểm nếu thí sinh làm đúng theo cách khác!
21. 21
trêng thpt hËu léc 2 ĐỀ THI THỬ ĐẠI HỌC LẦN 2 NĂM HỌC 2010
Môn: TOÁN (Thời gian : 180 phút)
PHẦN CHUNG CHO TẤT CẢ CÁC THÍ SINH
Câu I (2 điểm):
1).Khảo sát sự biến thiên và vẽ đồ thị (C) của hàm số :
3x 4
y
x 2
-
=
-
. Tìm điểm thuộc (C) cách
đều 2 đường tiệm cận .
2).Tìm các giá trị của m để phương trình sau có 2 nghiệm trên đoạn
2
0;
3
pé ù
ê úë û
.
sin 6
x + cos 6
x = m ( sin 4
x + cos 4
x )
Câu II (2 điểm):
1).Tìm các nghiệm trên ( ) 0;2p của phương trình :
sin3x sin x
sin 2x cos2x
1 cos2x
-
= +
-
2).Giải phương trình:
3 3 x 34 x 3 1+ - - =
Câu III (1 điểm): Cho chóp S.ABC có đáy ABC là tam giác vuông tại C, AC = 2, BC = 4. Cạnh
bên SA = 5 vuông góc với đáy. Gọi D là trung điểm cạnh AB.
1).Tính góc giữa AC và SD; 2).Tính khoảng cách giữa BC và SD.
Câu IV (2 điểm):
1).Tính tích phân: I =
2
0
sin x cosx 1
dx
sin x 2cosx 3
p
- +
+ +ò
2). a.Giải phương trình sau trên tập số phức C : | z | iz = 1 – 2i
b.Hãy xác định tập hợp các điểm trong mặt phẳng phức biểu diễn các số phức z thoả mãn :
1 < | z – 1 | < 2
PHẦN TỰ CHỌN: Thí sinh chọn câu V.a hoặc câu V.b
Câu V.a.( 2 điểm ) Theo chương trình Chuẩn
1).Viết phương trình các cạnh của tam giác ABC biết B(2; 1), đường cao và đường phân giác
trong qua đỉnh A, C lần lượt là : (d1) : 3x – 4y + 27 = 0 và (d2) : x + 2y – 5 = 0
2). Trong không gian với hệ tọa độ Oxyz, cho các đường thẳng:
( ) 1
x 1
d : y 4 2t
z 3 t
=ì
ï
= - +í
ï = +î
và
( ) 2
x 3u
d : y 3 2u
z 2
= -ì
ï
= +í
ï = -î
a. Chứng minh rằng (d1) và (d2) chéo nhau.
b. Viết phương trình mặt cầu (S) có đường kính là đoạn vuông góc chung của (d1) và (d2).
3). Một hộp chứa 30 bi trắng, 7 bi đỏ và 15 bi xanh . Một hộp khác chứa 10 bi trắng, 6 bi đỏ và 9
bi xanh . Lấy ngẫu nhiên từ mỗi hộp bi một viên bi . Tìm xác suất để 2 bi lấy ra cùng màu .
Câu V.b.( 2 điểm ) Theo chương trình Nâng cao
1).Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Đềcác vuông góc Oxy , xét tam giác ABC vuông tại A, phương
trình đường thẳng BC là : 3 x – y 3 = 0, các đỉnh A và B thuộc trục hoành và bán kính đường
tròn nội tiếptam giác ABC bằng 2 . Tìm tọa độ trọng tâm G của tam giác ABC .
2).Cho đường thẳng (d) :
x t
y 1
z t
=ì
ï
= -í
ï = -î
và 2 mp (P) : x + 2y + 2z + 3 = 0 và (Q) : x + 2y + 2z + 7 = 0
23. 23
| x – 2 | = | y – 3 |
3x 4 x
x 2 2 x 2
x 2 x 2
-
Û - = - Û - =
- -
( )
x 1 x
x 2
x 4 x 2
=é
Û = ± - Û ê =- ë
VËy cã 2 ®iÓm tho¶ m·n ®Ò bµi lµ : M1( 1; 1) vµ M2(4; 6)
2
0.75®
XÐt ph¬ng tr×nh : sin6
x + cos6
x = m ( sin4
x + cos4
x ) (2)
2 2 3 1
1 sin 2x m 1 sin 2x
4 2
æ ö
Û - = -ç ÷
è ø
(1)
§Æt t = sin2
2x . Víi
2
x 0;
3
pé ù
Îê úë û
th× [ ] t 0;1Î . Khi ®ã (1) trë thµnh :
2m =
3t 4
t 2
-
-
víi [ ] t 0;1Î
NhËn xÐt : víi mçi [ ] t 0;1Î ta cã :
sin 2x t
sin 2x t
sin 2x t
é = -
Û =ê
=êë
§Ó (2) cã 2 nghiÖm thuéc ®o¹n
2
0;
3
pé ù
ê úë û
th× ) )
3 3
t ;1 t ;1
2 4
é é
Î Þ Îê ê
ëë
Da vµo ®å thÞ (C) ta cã : y(1)< 2m ≤ y(3/4)
7
1 2m
5
Û < £
VËy c¸c gi¸ trÞ cÇn t×m cña m lµ :
1 7
;
2 10
æ ù
ç úûè
0,25
0,5
II
2,0®
1
1,0®
sin3x sin x
sin 2x cos2x
1 cos2x
-
= +
-
(1)
2cos2x.sin x
2cos 2x
4 2 sin x
pæ ö
Û = -ç ÷
è ø
§K : sinx ≠ 0 xÛ ¹ pk
· Khi ( ) x 0;Î p th× sinx > 0 nªn :
(1) 2Û cos2x = 2 cos 2x
4
pæ ö
-ç ÷
è ø
x
16 2
p p
Û = +
k
Do ( ) x 0;Î p nªn
9
x hay x
16 16
p p
= =
· Khi ( ) x ;2Î p p th× sinx < 0 nªn :
(1) 2Û - pcos2x = 2 cos 2x
4
pæ ö
-ç ÷
è ø
( ) cos 2x = cos 2x
4
pæ ö
Û p ç ÷
è ø
5
x
16 2
p p
Û = +
k
Do ( ) x ;2Î p p nªn
21 29
x hay x
16 16
p p
= =
0,5
0,5
24. 24
2
1,0®
§Æt 3 3
u x 34, v x 3= + = - . Ta cã :
( )( ) 2 2 3 3
u v 1 u v 1
u v u v uv 37 u v 37
- =ì- =ì ï
Ûí í
- + + =- =î ïî
( )
2
u v 1 u v 1
uv 12 u v 3uv 37
- =ì - =ìï
Û Ûí í
=- + = îïî
u 3
v 4
u 4
v 3
é = -ì
íê
= -îêÛ
ê =ì
êí
=êîë
Víi u = -3 , v = - 4 ta cã : x = - 61
Víi u = 4, v = 3 ta cã : x = 30
VËy Pt ®· cho cã 2 nghiÖm : x = -61 vµ x = 30
0,25
0,5
0.25
III
1.0®
1®
a)Ta cã : AB = 2 5 ,
Gäi M lµ trung ®iÓm cña BC ,
ta cã : DM = 1
SD = 2 2
SA AD 30+ = ,
SC = 2 2
SA AC 29+ =
SM = 2 2
SC CM 33+ =
Ta cã :
2 2 2
SD MD SM 30 1 33 1
cos SDM
2SD.MD 2 30 30
+ - + -
Ð = = = - (*)
Gãc j gi÷a hai ®êng th¼ng AC vµ SD lµ gãc gi÷a hai ®êng th¼ng DM vµ
SD hay j bï víi gãc Ð SDM . Do ®ã : cosj =
1
30
b) KÎ DN // BC vµ N thuéc AC . Ta cã : BC // ( SND) . Do ®ã :
d(BC, SD) = d( BC/(SND)) = d(c/(SND))
KÎ CK vµ AH vu«ng gãc víi SN , H vµ K thuéc ®êng th¼ng SN
Ta cã : DN // BC ( ) DN AC 1Þ ^
Vµ ( ) ( ) SA ABC SA DN 2^ Þ ^
Tõ (1) vµ (2) suy ra : DN ^ ( SAC) ( ) DN KC 3Þ ^
Do c¸ch dùng vµ (3) ta cã : CK ^ (SND) hay CK lµ kho¶ng c¸ch tõ C ®Õn
mp(SND)
MÆt kh¸c : ΔANH = ΔCNK nªn AH = CK
Mµ trong tam gi¸c vu«ng SAN l¹i cã :
2 2 2
1 1 1 1 5
1 AH
AH SA AN 25 26
= + = + Þ =
VËy kho¶ng c¸ch gi÷a BC vµ SD lµ : CK =
5
26
0.5
0,5
IV
2® 1
1.0®
Ta cã : sinx – cosx + 1 = A(sinx + 2cosx + 3) + B(cosx – sinx) + C
= (A – 2B) sinx + ( 2A + B) cosx + 3A + C
1
A
5 A 2B 1
3
2A B 1 B
5
3A C 1
8
C
5
ì
= -ï
- =ì ï
ï ï
Û + = - Û = -í í
ï ï+ =î ï
=ï
î 0,25
N M
D
S
A B
C
K
