1) O documento discute funções trigonométricas periódicas e determina seus períodos mínimos positivos.
2) É resolvido o período mínimo de funções como sen(4x-1), cos(πx-1) e tg(5x+4).
3) O período varia de acordo com a função trigonométrica, sendo π/2 para sen(4x-1), 2 para cos(πx-1) e π/5 para tg(5x+4).
1. Matemática 1 Anatolie Sochirca ACM DEETC ISEL
Exercícios resolvidos. Funções trigonométricas e as suas inversas.
Definição. A função f (x) de domínio D f diz-se periódica com o valor do
período mínimo positivo T se:
a) ∀x ∈ D f tem-se x ± T ∈ D f ;
b) f ( x ± T ) = f ( x) .
Nota. O domínio de uma função periódica é um conjunto ilimitado à esquerda e à
direita.
1) Determinar, caso existem, os valores dos períodos mínimos positivos das funções.
1.1) f ( x) = sen(4 x − 1) .
A função f ( x) = sen(4 x − 1) é f (u ) = senu de domínio R composta com a
função u = 4 x − 1 de domínio R e contradomínio R . Portanto D f = R .
Seja T > 0 .
Porque D f = R resulta que ∀x ∈ D f tem-se x ± T ∈ D f .
f ( x ± T ) = sen(4 ⋅ ( x ± T ) − 1) = sen(4 ⋅ x ± 4 ⋅ T − 1) = sen((4 ⋅ x − 1) ± 4 ⋅ T ) = (∗)
Substituindo 4 ⋅ x − 1 = α na continuação temos :
(∗) = sen(α ± 4 ⋅ T ) = (∗ ∗)
Porque o valor do período mínimo positivo da função seno é 2π e ∀α ∈ R tem-se
2π π π
sen(α ± 2π ) = senα fazendo ± 4T = ±2π obtemos T = = . Portanto T = éo
4 2 2
valor mínimo positivo que verifica a relação ± 4T = ±2π é portanto é o período
π
mínimo positivo da função. Substituindo T = na continuação temos:
2
(∗ ∗) = sen α ± 4 ⋅ π = sen(α ± 2π ) = senα = sen(4 x − 1) .
2
Portanto foi provado que para a função f ( x) = sen(4 x − 1) de domínio R tem-se:
π
a) ∀x ∈ D f = R tem-se x ± ∈ Df = R ;
2
π
b) f x ± = f ( x) ,
2
π
isto é, T = é o período mínimo positivo da função.
2
1
2. Matemática 1 Anatolie Sochirca ACM DEETC ISEL
1.2) f ( x) = cos (π ⋅ x − 1) .
A função f ( x) = cos (π ⋅ x − 1) é f (u ) = cos u de domínio R composta com a
função u = π ⋅ x − 1 de domínio R e contradomínio R . Portanto D f = R .
Seja T > 0 .
Porque D f = R resulta que ∀x ∈ D f tem-se x ± T ∈ D f .
f ( x ± T ) = cos (π ⋅ ( x ± T ) − 1) = cos (π ⋅ x ± π ⋅ T − 1) = cos ((π ⋅ x − 1) ± π ⋅ T ) = (∗)
Substituindo π ⋅ x − 1 = α na continuação temos :
(∗) = cos (α ± π ⋅ T ) = (∗ ∗)
Porque o valor do período mínimo positivo da função cosseno é 2π e ∀α ∈ R tem-se
cos (α ± 2π ) = cos α fazendo ± π ⋅ T = ±2π obtemos T = 2 . Portanto T = 2 é o valor
mínimo positivo que verifica a relação ± π ⋅ T = ±2π é portanto é o período mínimo
positivo da função. Substituindo T = 2 na continuação temos:
(∗ ∗) = cos (α ± π ⋅ 2) = cos α = cos (π ⋅ x − 1) .
Portanto foi provado que para a função f ( x) = cos (π ⋅ x − 1) de domínio R tem-se:
a) ∀x ∈ D f = R tem-se x ± 2 ∈ D f = R ;
b) f ( x ± 2) = f ( x) ,
isto é, T = 2 é o período mínimo positivo da função.
1.3) f ( x) = c os ( 2 ⋅ x − 1) .
A função f ( x) = c os ( 2 ⋅ x − 1) é f (u ) = cos u de domínio R composta com a
função u = 2 ⋅ x − 1 de domínio R e contradomínio R . Portanto D f = R .
Seja T > 0 .
Porque D f = R resulta que ∀x ∈ D f tem-se x ± T ∈ D f .
f ( x ± T ) = cos ( 2 ⋅ ( x ± T ) − 1) = cos ( 2 ⋅ x ± 2 ⋅ T − 1) = c os (( 2 ⋅ x − 1) ± 2 ⋅ T ) = (∗)
Substituindo 2 ⋅ x − 1 = α na continuação temos :
(∗) = cos (α ± 2 ⋅ T ) = (∗ ∗)
Porque o valor do período mínimo positivo da função cosseno é 2π e ∀α ∈ R tem-se
2π
cos (α ± 2π ) = cos α fazendo ± 2 ⋅ T = ±2π obtemos T = = 2π . Portanto
2
2
3. Matemática 1 Anatolie Sochirca ACM DEETC ISEL
T = 2π é o valor mínimo positivo que verifica a relação ± 2 ⋅ T = ±2π é portanto é
o período mínimo positivo da função. Substituindo T = 2π na continuação temos:
(∗ ∗) = cos (α ± 2 ⋅ 2 ⋅ π ) = cos (α ± 2 ⋅ π ) = cos α = cos ( 2 ⋅ x − 1) .
Portanto foi provado que para a função f ( x) = c os ( 2 ⋅ x − 1) de domínio R tem-se:
a) ∀x ∈ D f = R tem-se x ± 2 ⋅ π ∈ D f ;
b) ( )
f x ± 2 ⋅ π = f ( x) ,
isto é, T = 2 ⋅ π é o período mínimo positivo da função.
1.4) f ( x) = tg (5 ⋅ x + 4) .
O domínio da função f ( x) = tg (5 ⋅ x + 4) é
π
D f = R { x ∈ R : cos (5 x + 4) = 0 } = R x ∈ R : 5 x + 4 = + k ⋅ π , k ∈ Z =
2
π 4 π π 4 π π 4 π
= R x∈R: x = − + k ⋅ , k ∈ Z = U − + k ⋅ , − + (k + 1) ⋅ .
10 5 5 k∈Z 10 5 5 10 5 5
Seja T > 0 .
f ( x ± T ) = tg (5 ⋅ ( x ± T ) + 4) = tg (5 ⋅ x ± 5 ⋅ T + 4) = tg ((5 ⋅ x + 4) ± 5 ⋅ T ) = (∗)
Substituindo 5 ⋅ x + 4 = α na continuação temos :
(∗) = tg (α ± 5 ⋅ T ) .
Porque o valor do período mínimo positivo da função tangente é π e para qualquer α
do domínio da função tangente tem-se tg (α ± π ) = tg α fazendo ± 5 ⋅ T = ±π obtemos
π π
T= . Portanto T = é o valor mínimo positivo que verifica a relação ± 5 ⋅ T = ± π .
5 5
π
Com T = tem-se:
5
π 4 π π
x ∈ Df = R x ∈ R : x = − +k⋅ , k∈N ⇒ x± ∈ Df .
10 5 5 5
π 4 π π 4 π
Se x ∈ − + k ⋅ , − + (k + 1) ⋅ então
10 5 5 10 5 5
3
4. Matemática 1 Anatolie Sochirca ACM DEETC ISEL
π π 4 π π 4 π
x− ∈ − + (k − 1) ⋅ , − +k⋅
5 10 5 5 10 5 5
e
π
π 4 π π 4 π
x+
∈ − + (k + 1) ⋅ , − + ( k + 2) ⋅ .
5 10 5 5 10 5 5
Portanto foi provado que para a função f ( x) = tg (5 ⋅ x + 4) de domínio
π 4 π π 4 π π 4 π
Df = R x ∈ R : x = − + k ⋅ , k ∈ Z = U − + k ⋅ , − + (k + 1) ⋅
10 5 5 k∈Z 10 5 5 10 5 5
tem-se:
π
a) ∀x ∈ D f tem-se x ± ∈ Df ;
5
π
b) f x ± = f ( x) ,
5
π
isto é, T = é o período mínimo positivo da função.
5
1.5) f ( x) = sen (3 2 ⋅ x + 4) .
A função f ( x) = sen (3 2 ⋅ x + 4) é f (u ) = sen u de domínio R composta com
a função u = 3 2 ⋅ x + 4 de domínio R e contradomínio R . Portanto D f = R .
Seja T > 0 .
Porque D f = R resulta que ∀x ∈ D f tem-se x ± T ∈ D f .
f ( x ± T ) = sen (3 2 ⋅ ( x ± T ) + 4) = sen (3 2 ⋅ x ± 3 2 ⋅ T + 4) = sen ((3 2 ⋅ x + 4) ± 3 2 ⋅ T ) = (∗)
Substituindo 3 2 ⋅ x + 4 = α na continuação temos :
4
5. Matemática 1 Anatolie Sochirca ACM DEETC ISEL
(∗) = sen (α ± 3 2 ⋅ T ) = (∗ ∗)
Porque o valor do período mínimo positivo da função seno é 2π e ∀α ∈ R tem-se
2π 2π
sen (α ± 2π ) = sen α fazendo ± 3 2 ⋅ T = ±2π obtemos T = = . Portanto
3 2 3
2π
T= é o valor mínimo positivo que verifica a relação ± 3 2 ⋅ T = ±2π é portanto
3
2π
é o período mínimo positivo da função. Substituindo T = na continuação temos:
3
( )
(∗ ∗) = sen (α ± 3 2 ⋅ T ) = sen (α ± 3 2 ⋅ 2π ) = sen (α ± 2π ) = senα = sen 3 2 ⋅ x + 4 .
3
Portanto foi provado que para a função f ( x) = sen (3 2 ⋅ x + 4) de domínio R tem-se:
2π
a) ∀x ∈ D f = R tem-se x ± = Df ;
3
2π
b) f x±
= f ( x) ,
3
2π
isto é, T = é o período mínimo positivo da função.
3
1.6) f ( x) = sen(4 x − 1) − tg (5 ⋅ x + 4) .
D f = Dsen I Dtg .
Dsen = R (exemplo 1.1)
e
π 4 π
Dtg = R x ∈ R : x = − + k ⋅ , k ∈ Z (exemplo 1.4).
10 5 5
Portanto o domínio da função f ( x) = sen(4 x − 1) − tg (5 ⋅ x + 4) é
π 4 π
Df = R I R x ∈ R : x =
− +k⋅ , k ∈Z =
10 5 5
5
6. Matemática 1 Anatolie Sochirca ACM DEETC ISEL
π 4 π π 4 π π 4 π
= R x∈R: x = − + k ⋅ , k ∈ Z = U − + k ⋅ , − + (k + 1) ⋅ .
10 5 5 k∈Z 10 5 5 10 5 5
A função f 1 ( x) = sen(4 x − 1) é periódica e o valor do período mínimo positivo
π
é Tsen = (exemplo 1.1).
2
A função f 2 ( x) = tg (5 ⋅ x + 4) é periódica e o valor do período mínimo positivo
π
é Ttg = (exemplo 1.4).
5
Levando em conta que para a função periódica f 1 ( x) = sen(4 x − 1) com o
π π
valor do período mínimo positivo Tsen = tem-se que n ⋅ Tsen = n ⋅
, n ∈ N , também
2 2
é período da função e para a função periódica f 2 ( x) = tg (5 ⋅ x + 4) com o valor do
π π
período mínimo positivo Ttg = tem-se que m ⋅ Tsen = m ⋅
, m ∈ N , também é
5 5
período da função concluímos que o período da função
f ( x) = sen(4 x − 1) − tg (5 ⋅ x + 4) , caso existe, Portanto o período mínimo positivo T f
da função f ( x) = sen(4 x − 1) − tg (5 ⋅ x + 4) , caso existe, verifica a relação
π π
T f = n ⋅ Tsen = n ⋅ = m ⋅ Ttg = m ⋅
.
2 5
Porque com n, m ∈ N a relação
π 2π
n⋅ = m⋅ ⇔ n = m⋅
2 5 5
se verifica para n = 2, m = 5 concluímos que a função f ( x) = sen(4 x − 1) − tg (5 ⋅ x + 4)
π π
é periódica e o valor do período mínimo positivo é T f = n ⋅ =m⋅ =π .
2 5
6
7. Matemática 1 Anatolie Sochirca ACM DEETC ISEL
1.7) f ( x) = cos ( 2 ⋅ x − 1) + sen (3 2 ⋅ x + 4) .
D f = Dc os I Dsen .
Dc os = R (exemplo 1.3) e Dsen = R (exemplo 1.5).
Portanto o domínio da função f ( x) = cos ( 2 ⋅ x − 1) + sen (3 2 ⋅ x + 4) é D f = R .
Porque D f = R resulta que ∀x ∈ D f tem-se x ± T ∈ D f , ∀T > 0 .
A função f 1 ( x) = c os ( 2 ⋅ x − 1) é periódica e o valor do período mínimo
positivo é Tc os = 2π (exemplo 1.3).
A função f 2 ( x) = sen (3 2 ⋅ x + 4) é periódica e o valor do período mínimo
2π
positivo é Tsen = (exemplo 1.5).
3
Portanto o período mínimo positivo Tf da
função f ( x) = cos ( 2 ⋅ x − 1) + sen (3 2 ⋅ x + 4) , caso existe, verifica a relação
2π
T f = n ⋅ Tc os = n ⋅ 2π = m ⋅ Tsen = m ⋅
.
3
Porque com n, m ∈ N a relação
2π m
n ⋅ 2π = m ⋅ ⇔ n=
3 3
se verifica para n = 1, m = 3 concluímos que a função
f ( x) = cos ( 2 ⋅ x − 1) + sen (3 2 ⋅ x + 4) é periódica e o valor do período mínimo
2π
positivo é T f = n ⋅ 2π = m ⋅ = 2π .
3
7
8. Matemática 1 Anatolie Sochirca ACM DEETC ISEL
1.8) f ( x) = cos (π ⋅ x − 1) + sen (3 2 ⋅ x + 4) .
D f = Dc os I Dsen .
Dc os = R (exemplo 1.2) e Dsen = R (exemplo 1.5).
Portanto o domínio da função f ( x) = cos (π ⋅ x − 1) + sen (3 2 ⋅ x + 4) é D f = R .
Porque D f = R resulta que ∀x ∈ D f tem-se x ± T ∈ D f , ∀T > 0 .
A função f 1 ( x) = c os (π ⋅ x − 1) é periódica e o valor do período mínimo positivo
é Tc os = 2 (exemplo 1.2).
A função f 2 ( x) = sen (3 2 ⋅ x + 4) é periódica e o valor do período mínimo
2π
positivo é Tsen = (exemplo 1.5).
3
Portanto o período mínimo positivo Tf da
função f ( x) = cos ( 2 ⋅ x − 1) + sen (3 2 ⋅ x + 4) , caso existe, verifica a relação
2π
T f = n ⋅ Tc os = n ⋅ 2 = m ⋅ Tsen = m ⋅ .
3
Porque
2π 2π π
n⋅2 = m⋅ ⇔ n = m⋅ = m⋅
3 6 3 2
e não existem n, m ∈ N que verificam a relação concluímos que a função
f ( x) = cos (π ⋅ x − 1) + sen (3 2 ⋅ x + 4) não é periódica.
1.9) f ( x) = cos x 2 . ( )
( )
A função f ( x) = cos x 2 é f (u ) = cos u de domínio R composta com a função
u = x 2 de domínio R e contradomínio R0+ . Portanto D f = R .
Com T > 0 tem-se:
2
(
cos (x ) = cos ( x ± T )
2
)
⇔ cos (x 2 ) = c os (x 2 ± 2 xT + T 2 ) ⇔
( ) ( (
cos x 2 = cos x 2 ± 2 xT m T 2 )) ⇔ (∗)
8
9. Matemática 1 Anatolie Sochirca ACM DEETC ISEL
Levando em conta que o período mínimo positivo da função cosseno é 2π tem-se:
− 2 x ± 4 x 2 ± 8π
2 xT m T 2 = 2π ⇔ m T 2 + 2 xT − 2π = 0 ⇔ T = .
m2
Obtemos que T depende de x e portanto não existe T > 0 tal que ∀x ∈ R se verifica
( )
cos (x 2 ) = c os ( x ± T ) , isto é, a função f ( x) = cos (x 2 ) não é periódica.
2
2) Calcular os valores das seguintes expressões que envolvem as funções
trigonométricas e as funções trigonométricas inversas:
37π
2.1) arcsen sen .
6
Levando em conta que a função y = sen x tem o domínio Dsen = R e o
contradomínio CDsen = [ −1, 1 ] , e a função y = arcsen x tem o domínio
π π
Darcsen = CDsen = [ −1, 1 ] e o contradomínio CDarcsen = − , (a restrição principal
2 2
da função y = sen x ) resulta que
π π
arcsen sen x = x , se e só se x ∈ − , .
2 2
Na base da periodicidade da função y = sen x tem-se sen(α + 2kπ ) = senα , ∀ α ∈ R e
∀k ∈ Z .
Então temos:
37π 36π π π
arcsen sen = arcsen sen
+ = arcsen sen 6π + =
6 6 6 6
π π
= arcsen sen = .
6 6
9
10. Matemática 1 Anatolie Sochirca ACM DEETC ISEL
45π
2.2) arcsen sen −
.
4
Analogamente tem-se:
45π 40π 5π 5π
arcsen sen −
= arcsen sen −
− = arcsen sen − 10π −
=
4 4 4 4
5π π π π
= arcsen sen −
= arcsen sen − π − = arcsen sen = .
4 4 4 4
43π
2.3) arc cos c os .
6
Levando em conta que a função y = c os x tem o domínio Dc os = R e o
contradomínio CDc os = [ −1, 1 ] , e a função y = arccos x tem o domínio
Darcc os = CDc os = [ −1, 1 ] e o contradomínio CDarcc os = 0 , π (a restrição principal da
função y = c os x ) resulta que
arccos cos x = x , se e só se x ∈ 0 , π .
Na base da periodicidade da função y = c os x tem-se cos (α + 2kπ ) = c osα , ∀ α ∈ R
e ∀k ∈ Z .
Então temos:
43π 36π 7π 7π
arc cos cos = arc cos c os
+ = arcc os cos 6π +
=
6 6 6 6
7π 5π 5π
= arc cos c os = arc cos cos 2π −
= arc cos c os −
=
6 6 6
5π 5π
= arc cos c os
=
.
6 6
28π
2.4) arc cos cos −
.
3
Analogamente tem-se:
28π 28π 24π 4π
arc cos cos −
= arcc os cos
= arc cos cos
+ =
3 3 3 3
4π 4π 2π
= arc cos c os 8π +
= arcc os cos
= arcc os cos 2π −
=
3 3 3
2π 2π 2π
= arc cos c os −
= arc cos c os
=
.
3 3 3
10
11. Matemática 1 Anatolie Sochirca ACM DEETC ISEL
11π
2.5) arc sen cos
.
3
11π 12π π π
arc sen cos
= arc sen c os
− = arc sen cos 4π − =
3 3 3 3
π π π π
= arc sen c os − = arc sen cos = arc sen sen − =
3 3 2 3
π π
= arc sen sen = .
6 6
29π
2.6) arc cos sen −
.
9
29π 36π 7π 7π
arc cos sen −
= arc cos sen −
+ = arc cos sen − 4π +
=
9 9 9 9
7π π 5π 5π 5π
= arc cos sen
= arc cos sen +
= arccos c os =
.
9 2 18 18 18
1
2.7) tg arc cos
.
3
senα
Levando em conta que tgα = e que com − 1 ≤ c ≤ 1 tem-se
c osα
cos (arcc os (c )) = c obtemos
1 1
sen arcc os
sen arcc os
1 3 3
arc cos
tg
= = = (∗)
3 1 1
cos arcc os
3 3
1
Seja arc cos = α com α ∈ [ 0 , π ] (na base da definição da função y = arcc os x ).
3
Levando em conta que sen 2α + cos 2α = 1 ⇔ senα = ± 1 − c os 2α e com
α ∈ [ 0, π ] tem-se
2
1 1
senα = 1 − cos α = 1 − cos arc cos
2
2
= 1 − cos arcc os
=
3 3
2
1 1 2 2
= 1− = 1− =
= .
3 3 3 3
na continuação temos
1 2
sen arcc os
3 sen (α )
(∗) = = =
3
= 2.
1 1 1
3 3 3
11